为了摧毁某个目标,需要乔丹生涯命中率至少2次,已知每次射击的乔丹生涯命中率率为0.8,问独立地连续射击5次时,摧毁目

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甲乙两人独立地对同一目标各射击一次,命中率分别为0.6,0.5,现已知目标被击中,求它是甲命中的概率
甲命中乙没中的概率0.6*0.5
乙命中甲没中的概率0.5*0.4
都命中的概率为0.6*0.5
甲命中的概率(0.6*0.5+0.6*0.5)/(0.6*0.5+0.6*0.5+0.5*0.4)=0.75
您的举报已经提交成功,我们将尽快处理,谢谢!在一次抗洪抢险中,准备用射击的方法引爆从河上游漂流而下的一只巨大汽油罐.已知只有5发子弹备用,且首次命中只能使汽油流出,再次命中才能引爆成功.每次射击命中的概率都是,每次命中与否互相独立.(Ⅰ)求恰用3发子弹就将油罐引爆的概率;(Ⅱ)求油罐被引爆的概率.
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在一次抗洪抢险中,准备用射击的方法引爆从桥上游漂流而下的一巨大汽油罐.已知只有5发子弹备用,且首次命中只能使汽油流出,再次命中才能引爆成功,两次命中不一定连续,每次射击命中率都是.,每次命中与否互相独立.(Ⅰ)求油罐被引爆的概率.(Ⅱ)若油罐引爆或子弹射完则停止射击,求射击4次引爆成功的概率.
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在一次抗洪抢险中,准备用射击的方法引爆从河上游漂流而下的一只巨大汽油罐.已知只有5发子弹备用,且首次命中只能使汽油流出,再次命中才能引爆成功.每次射击命中的概率都是,每次命中与否互相独立.(Ⅰ)求恰好射击5次引爆油罐的概率;(Ⅱ)如果引爆或子弹打光则停止射击,设射击次数为ξ,求ξ的分布列及ξ的数学期望.
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在一次抗洪抢险中,准备用射击的方法引爆从河上游漂流而下的一巨大汽没罐,已知只有5发子弹备用,且首次命中只能使汽油流出,再次命中才能引爆成功,每次射击命中率都是,每次命中与否互相独立.
(Ⅰ)求油罐被引爆的概率.
(Ⅱ)如果引爆或子弹打光则停止射击设射击,次数为的分布列及的数学期望.
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一、填空题1、&&&&&&
3、(1)(2)(3)(4)&&& 4、&&& 5、&&& 6、37、&& &&&&8、&& 9、&&& 10、不能&&& 11、&&& 12、46&&& 13、14、(3)(4)二、解答题15、解:(1)sin3α=sin(2α+α)=sin2αcosα+cos2αsinα&&&&&& &&&&&&&
=2sinαcos2α+(1-2sin2α)sinα=2sinα(1-sin2α)+(1-2sin2α)sinα=3sinα-4sin3α
.&&&&&& (2)∵sin54°=cos36°,&&&&&& ∴3sin18°-4sin318°=1-2sin18°.&&&&&& 令t= sin18°,则上式可变形为3t-4t3=1-2t2,即&&&&&& (t-1)(4t2+2t-1)=0.&&&&&& 解得& (t= 1与均不合,舍去).&&&&&& ∴sin18°=.16、证明:(1)连结,在中,、分别为,的中点,则&&&&&&&&&&&& (2)3)&&&& 且& ,∴&& 即&&&& ==& &17、解:由已知圆的方程为,按平移得到.∵∴.即.&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&& 又,且,∴.∴.
的中点为D.由,则,又.∴到的距离等于. 即,&&&&&&&&&& ∴.∴直线的方程为:或.&&&&&&
&&&18、解:(1)如下图(2)
=32.5+43+54+64.5=66.5==4.5==3.5故线性回归方程为y=0.7x+0.35(3)根据回归方程的预测,现在生产100吨产品消耗的标准煤的数量为0.7100+0.35=70.35故耗能减少了90-70.35=19.65(吨)&19、解:(1)由是首项为,公比为的等比数列当时,,& 所以
&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&(2)由得(作差证明)&& 综上所述当 时,不等式对任意都成立.20.解:(1),由题意及导数的几何意义得,&&&&&&&&&&&
 (1),&&&&&&&&&
(2)&&&&&&&&&&&&
又,可得,即,故 由(1)得,代入,再由,得,&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&
(3)&&&&&&&&&&&
将代入(2)得,即方程有实根.故其判别式得,或,&&&&&&&&&&&&&&&
(4)&&&&&&&&&&&&&
由(3),(4)得;&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&
(2)由的判别式,知方程有两个不等实根,设为,又由知,为方程()的一个实根,则有根与系数的关系得,&&&&&&&&&&&&&&&&&&
当或时,,当时,,故函数的递增区间为,由题设知,因此,由(Ⅰ)知得的取值范围为;&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&
(3)由,即,即,因为,则,整理得,设,可以看作是关于的一次函数,由题意对于恒成立, 故 即得或,由题意,,故,因此的最小值为.& &理科加试题:1、(1)“油罐被引爆”的事件为事件A,其对立事件为,则P()=C∴P(A)=1-&&&&&&&& 答:油罐被引爆的概率为(2)射击次数ξ的可能取值为2,3,4,5,& &&&&&&
P(ξ=2)=,&& P(ξ=3)=C&&&&&& ,P(ξ=4)=C, P(ξ=5)=C& ξ2345&&&&&&& 故ξ的分布列为:& &&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&&& Eξ=2×+3×+4×+5×= &2、解:(1)由图形可知二次函数的图象过点(0,0),(8,0),并且f(x)的最大值为16则,∴函数f(x)的解析式为 (2)由得∵0≤t≤2,∴直线l1与f(x)的图象的交点坐标为(由定积分的几何意义知:&选做1、解:(1)证明:连结.因为与圆相切于点,所以.因为是圆的弦的中点,所以.于是.由圆心在的内部,可知四边形的对角互补,所以四点共圆.(2)解:由(Ⅰ)得四点共圆,所以.由(Ⅰ)得.由圆心在的内部,可知.所以.2、解:在矩阵N=
&的作用下,一个图形变换为其绕原点逆时针旋转得到的图形,在矩阵M=
&的作用下,一个图形变换为与之关于直线对称的图形。因此△ABC在矩阵MN作用下变换所得到的图形与△ABC全等,从而其面积即为1&3、解:以极点为原点,极轴为轴正半轴,建立平面直角坐标系,两坐标系中取相同的长度单位.(1),,由得.所以.即为的直角坐标方程.同理为的直角坐标方程.(2)由解得.即,交于点和.过交点的直线的直角坐标方程为.&4、解:(1)令,则...............3分作出函数的图象,它与直线的交点为和.所以的解集为.(2)由函数的图像可知,当时,取得最小值.等于△ABC的面积,&12.已知抛物线y=ax2+bx+c(a≠0)的对称轴在y轴的左侧,其中a,b,c∈{-3,-2,
-1,0,1,2,3},在这些抛物线中,记随机变量X=“|a-b|的取值”,则X的均值E(X)为________.
13.若多项式x2+x10=a0+a1(x+1)+…+a9(x+1)9+a10(x+1)10,则a9=________.
二、解答题
14.若(x2-3x+2)5=a0+a1x+a2x2+…+a10x10.
(1)求a2的值;
(2)求a1+a2+…+a10;
(3)求(a0+a2+a4+a6+a8+a10)2-(a1+a3+a5+a7+a9)2.
15.(1)用二项式定理证明:32n-8n-1能被64整除(n∈N*);
(2)求230-3除以7的余数.
16.某迷宫有三个通道,进入迷宫的每个人都要经过一扇智能门.首次到达此门,系统会随机(即等可能)为你打开一个通道.若是1号通道,则需要1小时走出迷宫;若是2号、3号通道,则分别需要2小时、3小时返回智能门.再次到达智能门时,系统会随机打开一个你未到过的通道,直至走出迷宫为止.令ξ表示走出迷宫所需的时间.
(1
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甲乙两人同时独立地射击同一目标各一次,他们的命中率分别为0.8和0.7,求下类事件的概率。
两人都命中目标。乙命中目标,甲没有命中目标。目标被命中。
提问者采纳
两人都命中目标:0.8*0.7=0.56乙命中目标,甲没有命中目标:0.7*(1-0.8)=0.14目标被命中=1-目标没有被命中
=1-(1-0.8)*(1-0.7)
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两人都命中目标:
概率为0.8×0.7=0.56乙命中目标,甲没有命中目标:概率为 (1-0.8)×0.7=0.14目标被命中:0.8
两人都命中目标:0.8*0.7=0.56乙命中目标,甲没有命中目标:0.7*(1-0.8)=0.14目标被命中:1-(1-0.7)*(1-0.8)=0.94
都命中概率:0.8*0.7=0.56乙命中甲未命中概率:0.7*(1-0.8)=0.14目标被命中概率:1-(1-0.8)*(1-0.7)=0.94
(1)P1=0.7*0.8=0.56(2)p2=0.8=7*(1-0.8)=0.14(3)p3=1-(1-0.8)(1-0.7)=0.94
1. 0.8X0.7=0.562. 0.7X(1-0.8)=0.143. 1-(1-0.8)X(1-0.7)=0.94
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